bzoj 3620: 似乎在梦中见过的样子

Description

“Madoka,不要相信 QB！”伴随着 Homura 的失望地喊叫,Madoka 与 QB 签订了契约. 这是 Modoka 的一个噩梦,也同时是上个轮回中所发生的事.为了使这一次 Madoka 不再与 QB签订契约,Homura 决定在刚到学校的第一天就解决 QB.然而,QB 也是有许多替身的(但在第八话中的剧情显示它也有可能是无限重生的),不过,意志坚定的 Homura 是不会放弃的——她决定 消灭所有可能是 QB 的东西.现在，她已感受到附近的状态,并且把它转化为一个长度为 n 的字符串交给了学 OI 的你. 现在你从她的话中知道 , 所有形似于 A+B+A 的字串都是 QB 或它的替身 , 且len(A)>=k,len(B)>=1 （位置不同其他性质相同的子串算不同子串,位置相同但拆分不同的子串算同一子串）,然后你必须尽快告诉 Homura 这个答案——QB 以及它的替身的数量.

Input

第一行一个字符串,第二行一个数 k

Output

仅一行一个数 ans,表示 QB 以及它的替身的数量

Sample Input

【样例输入 1】
aaaaa
1
【样例输入 2】
abcabcabc
2

Sample Output

【样例输出 1】
6

【样例输出 2】
8

HINT

对于 100%的数据：n<=15000 , k<=100，且字符集为所有小写字母

Source

2014湖北省队互测week2

 

首先KMP是前缀等于后缀，所以它并不能很好的解决子串问题；

但是这个题的正解是n^2的，所以我们可以枚举起点位置i，然后对以起点位置开始到结尾的串重构一个nxt数组，

然后对于起点i,到终点j，就可以通过kmp前缀等于后缀的方法check是否合法了，然后就是跟动物园类似的做法，然后判断一下g>=k即可；

然而我这个题目因为没有想到重构nxt做了好久。。。

#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define RG register using namespace std; const int N=15050; int nxt[N],cnt[N],len,k,ans; char s[N],a[N]; void work(int x){int len2=0;memset(nxt,0,sizeof(nxt));for(int i=x;i<=len;i++) a[++len2]=s[i];int j=0;for(int i=2;i<=len2;i++){while(j&&a[j+1]!=a[i]) j=nxt[j];if(a[j+1]==a[i]) j++;nxt[i]=j;}j=0;for(int i=2;i<=len2;i++){while(j&&a[j+1]!=a[i]) j=nxt[j];if(a[j+1]==a[i]) j++;while(2*j+1>i&&j) j=nxt[j];if(j>=k) ans++;} } int main(){scanf("%s",s+1);len=strlen(s+1);scanf("%d",&k);for(int i=1;i<=len;i++) work(i);printf("%d",ans); }

　　

转载于:https://www.cnblogs.com/qt666/p/7163395.html

总结

以上是生活随笔为你收集整理的bzoj 3620: 似乎在梦中见过的样子的全部内容，希望文章能够帮你解决所遇到的问题。

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