BZOJ 2127 happiness (最小割)

题目链接: https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2127

题解: 这道题就是传说中的“解方程”法。（貌似也有类似于BZOJ 3894的做法，但是边数比较多。）

以下设\(A_i\)为\(i\)选文的收益，\(B_i\)为\(i\)选理的收益，\(AA_{i,j}\)表示\(i,j\)同文的收益，\(BB_{i,j}\)表示\(i,j\)同理的收益。

首先对于每个点\(i\), 从\(S\)向\(i\)连\(A_i\)，从\(i\)向\(T\)连\(B_i\)这个没有问题。

然后考虑处理同文同理的代价。

考虑\(S,T,i,j\)共\(4\)个点之间可以连\(6\)条边，设\(S\)到\(i\), \(i\)到\(T\), \(S\)到\(j\), \(j\)到\(T\), \(i\)到\(j\), \(j\)到\(i\)的容量分别为\(a,b,c,d,e,f\).

枚举\(i,j\)选文理的四种情况可以列出四个方程。

若\(i\in S, j\in S\), 则割掉的边是\(b\)和\(d\), 代价是两人不可同理(science)(注意单人文理的代价已经在刚才算过了，所以不要再算！)可得\(b+d=BB_{i,j}\), 同理(reason)可得\(a+c=AA_{i,j}\).

若\(i\in S, j\in T\), 则割掉的边是\(b,c,e\) (一定注意没有\(f\)), 代价是二人不可同文或同理(science), 可得\(b+c+e=AA_{i,j}+BB_{i,j}\), 同理(reason)可得\(a+d+f=AA_{i,j}+BB_{i,j}\).

这样我们列出了\(4\)个方程，给\(6\)个变量复制绰绰有余，可以随便取值。但是注意也不能太随便，比如不能出负数等等。一种比较好的取法是: \[a=c=\frac{AA_{i,j}}{2},b=d=\frac{BB_{i,j}}{2},e=f=\frac{AA_{i,j}+BB_{i,j}}{2}\]

最后合并起点终点均相同的边来减少边数，除以\(2\)可以先乘\(2\)再把答案除以\(2\)处理，避免出现小数。

好神仙啊……

代码

#include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std;const int INF = 4e8;namespace MaxFlow {const int N = 1e4+2;const int M = 6e4;struct Edge{int v,w,nxt,rev;} e[(M<<1)+3];int fe[N+3],te[N+3];int que[N+3];int dep[N+3];int n,en,s,t;void addedge(int u,int v,int w){en++; e[en].v = v; e[en].w = w;e[en].nxt = fe[u]; fe[u] = en; e[en].rev = en+1;en++; e[en].v = u; e[en].w = 0;e[en].nxt = fe[v]; fe[v] = en; e[en].rev = en-1;}bool bfs(){for(int i=1; i<=n; i++) dep[i] = 0;int head = 1,tail = 1; que[tail] = s; dep[s] = 1;while(head<=tail){int u = que[head]; head++;for(int i=fe[u]; i; i=e[i].nxt){if(dep[e[i].v]==0 && e[i].w>0){dep[e[i].v] = dep[u]+1;tail++; que[tail] = e[i].v;}}}return dep[t]!=0;}int dfs(int u,int cur){if(u==t) return cur;int rst = cur;for(int i=te[u]; i; i=e[i].nxt){if(dep[e[i].v]==dep[u]+1 && rst>0 && e[i].w>0){int flow = dfs(e[i].v,min(rst,e[i].w));if(flow>0){e[i].w -= flow; e[e[i].rev].w += flow; rst -= flow;if(e[i].w>0) te[u] = i;if(rst==0) return cur;}}}if(rst==cur) dep[u] = 0;return cur-rst;}int dinic(int _n,int _s,int _t){n = _n,s = _s,t = _t;int ret = 0;while(bfs()){for(int i=1; i<=n; i++) te[i] = fe[i];ret += dfs(s,INF);}return ret;} } using MaxFlow::addedge; using MaxFlow::dinic;const int N = 100; int a[N+3][N+3]; int b[N+3][N+3]; int aa1[N+3][N+3]; int aa2[N+3][N+3]; int bb1[N+3][N+3]; int bb2[N+3][N+3]; int n,m;int getid(int x,int y) {return (x-1)*m+y+2;}int main() {scanf("%d%d",&n,&m); int ans = 0;for(int i=1; i<=n; i++){for(int j=1; j<=m; j++) scanf("%d",&a[i][j]),ans += a[i][j];}for(int i=1; i<=n; i++){for(int j=1; j<=m; j++) scanf("%d",&b[i][j]),ans += b[i][j];}for(int i=1; i<n; i++){for(int j=1; j<=m; j++) scanf("%d",&aa1[i][j]),ans += aa1[i][j];}for(int i=1; i<n; i++){for(int j=1; j<=m; j++) scanf("%d",&bb1[i][j]),ans += bb1[i][j];}for(int i=1; i<=n; i++){for(int j=1; j<m; j++) scanf("%d",&aa2[i][j]),ans += aa2[i][j];}for(int i=1; i<=n; i++){for(int j=1; j<m; j++) scanf("%d",&bb2[i][j]),ans += bb2[i][j];}for(int i=1; i<=n; i++){for(int j=1; j<=m; j++){int x = getid(i,j);addedge(1,x,(a[i][j]<<1)+aa1[i][j]+aa1[i-1][j]+aa2[i][j]+aa2[i][j-1]);addedge(x,2,(b[i][j]<<1)+bb1[i][j]+bb1[i-1][j]+bb2[i][j]+bb2[i][j-1]);if(i<n){int y = getid(i+1,j);addedge(x,y,aa1[i][j]+bb1[i][j]);addedge(y,x,aa1[i][j]+bb1[i][j]);}if(j<m){int y = getid(i,j+1);addedge(x,y,aa2[i][j]+bb2[i][j]);addedge(y,x,aa2[i][j]+bb2[i][j]);}}}int tmp = dinic(n*m+2,1,2);ans -= (tmp>>1);printf("%d\n",ans);return 0; }

总结

以上是生活随笔为你收集整理的BZOJ 2127 happiness (最小割)的全部内容，希望文章能够帮你解决所遇到的问题。

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